概要： 【小编寄语】www.85jc.com数学网小编给大家整理了2013届高考数学总复习考点函数教案 ，希望能给大家带来帮助!2.12 函数的综合问题●知识梳理函数的综合应用主要体现在以下几方面：1.函数内容本身的相互综合，如函数概念、性质、图象等方面知识的综合.2.函数与其他数学知识点的综合，如方程、不等式、数列、解析几何等方面的内容与函数的综合.这是高考主要考查的内容.3.函数与实际应用问题的综合.●点击双基1.已知函数f(x)=lg(2x-b)(b为常数)，若x∈[1，+∞)时，f(x)≥0恒成立，则A.b≤1 B.b<1 C.b≥1 D.b=1解析：当x∈[1，+∞)时，f(x)≥0，从而2x-b≥1，即b≤2x-1.而x∈[1，+∞)时，2x-1单调增加，∴b≤2-1=1.答案：A2.若f(x)是R上的减函数，且f(x)的图象经过点A(0，3)和B(3，-1)，则不等式|f(x+1)-1|<
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【小编寄语】www.85jc.com数学网小编给大家整理了2013届高考数学总复习考点函数教案 ，希望能给大家带来帮助!
2.12 函数的综合问题
●知识梳理
函数的综合应用主要体现在以下几方面：
1.函数内容本身的相互综合，如函数概念、性质、图象等方面知识的综合.
2.函数与其他数学知识点的综合，如方程、不等式、数列、解析几何等方面的内容与函数的综合.这是高考主要考查的内容.
3.函数与实际应用问题的综合.
●点击双基
1.已知函数f(x)=lg(2x-b)(b为常数)，若x∈[1，+∞)时，f(x)≥0恒成立，则
A.b≤1 B.b<1 C.b≥1 D.b=1
解析：当x∈[1，+∞)时，f(x)≥0，从而2x-b≥1，即b≤2x-1.而x∈[1，+∞)时，2x-1单调增加，
∴b≤2-1=1.
答案：A
2.若f(x)是R上的减函数，且f(x)的图象经过点A(0，3)和B(3，-1)，则不等式|f(x+1)-1|<2的解集是___________________.
解析：由|f(x+1)-1|<2得-2
又f(x)是R上的减函数，且f(x)的图象过点A(0，3)，B(3，-1)，
∴f(3)
∴0
答案：(-1，2)
●典例剖析
【例1】 取第一象限内的点P1(x1，y1)，P2(x2，y2)，使1，x1，x2，2依次成等差数列，1，y1，y2，2依次成等比数列，则点P1、P2与射线l:y=x(x>0)的关系为
A.点P1、P2都在l的上方 B.点P1、P2都在l上
C.点P1在l的下方，P2在l的上方 D.点P1、P2都在l的下方
剖析：x1= +1= ，x2=1+ = ，y1=1× = ，y2= ，∵y1
∴P1、P2都在l的下方.
答案：D
【例2】 已知f(x)是R上的偶函数，且f(2)=0，g(x)是R上的奇函数，且对于x∈R，都有g(x)=f(x-1)，求f(2002)的值.
解：由g(x)=f(x-1)，x∈R，得f(x)=g(x+1).又f(-x)=f(x)，g(-x)=-g(x)，
故有f(x)=f(-x)=g(-x+1)=-g(x-1)=-f(x-2)=-f(2-x)=-g(3-x)=
g(x-3)=f(x-4)，也即f(x+4)=f(x)，x∈R.
∴f(x)为周期函数，其周期T=4.
∴f(2002)=f(4×500+2)=f(2)=0.
评述：应灵活掌握和运用函数的奇偶性、周期性等性质.
【例3】 函数f(x)= (m>0)，x1、x2∈R，当x1+x2=1时，f(x1)+f(x2)= .
(1)求m的值;
(2)数列{an}，已知an=f(0)+f( )+f( )+…+f( )+f(1)，求an.
解：(1)由f(x1)+f(x2)= ，得 + = ，
∴4 +4 +2m= [4 +m(4 +4 )+m2].
∵x1+x2=1，∴(2-m)(4 +4 )=(m-2)2.
∴4 +4 =2-m或2-m=0.
∵4 +4 ≥2 =2 =4，
而m>0时2-m<2，∴4 +4 ≠2-m.
∴m=2.
(2)∵an=f(0)+f( )+f( )+…+f( )+f(1)，∴an=f(1)+f( )+ f( )+…+f( )+f(0).
∴2an=[f(0)+f(1)]+[f( )+f( )]+…+[f(1)+f(0)]= + +…+ = .
∴an= .
深化拓展
用函数的思想处理方程、不等式、数列等问题是一重要的思想方法.
【例4】 函数f(x)的定义域为R，且对任意x、y∈R，有f(x+y)=f(x)+f(y)，且当x>0时，f(x)<0，f(1)=-2.
(1)证明f(x)是奇函数;
(2)证明f(x)在R上是减函数;
(3)求f(x)在区间[-3，3]上的最大值和最小值.
(1)证明：由f(x+y)=f(x)+f(y)，得f[x+(-x)]=f(x)+f(-x)，∴f(x)+ f(-x)=f(0).又f(0+0)=f(0)+f(0)，∴f(0)=0.从而有f(x)+f(-x)=0.
∴f(-x)=-f(x).∴f(x)是奇函数.
(2)证明：任取x1、x2∈R，且x10.∴f(x2-x1)<0.
∴-f(x2-x1)>0，即f(x1)>f(x2)，从而f(x)在R上是减函数.
(3)解：由于f(x)在R上是减函数，故f(x)在[-3，3]上的最大值是f(-3)，最小值是f(3).由f(1)=-2，得f(3)=f(1+2)=f(1)+f(2)=f(1)+f(1+1)=f(1)+f(1)+f(1)=3f(1)=3×(-2)=-6，f(-3)=-f(3)=6.从而最大值是6，最小值是-6.
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